Особенности сопротивления материалов при плоском изгибе

Размещено на http://www.allbest.ru

Размещено на http://www.allbest.ru

1. Определение плоского изгиба

Призматический стержень испытывает деформацию изгиба в том случае, если в плоскостях, проходящих через ось стержня, к нему приложены пары сил (моменты) или силы, перпендикулярные к его оси.

Стержень, работающий на изгиб, обычно называется балкой. На балку могут действовать кроме внешних сил и реакции опор. Для решения задач сопротивления материалов обычно необходимо знать и те и другие.

Опыт показывает, что при действии указанных сил ось балки искривляется, т.е. балка изгибается.

В случае, когда изгибающий момент в поперечном сечении балки является единственным силовым фактором, а все остальные равны нулю, имеем чистый изгиб (рис. 1 а).

Рис. 1

Если наряду с изгибающим моментом в поперечных сечениях возникают также и поперечные силы, а нормальная сила (продольная) при этом равна нулю, то имеем поперечный изгиб (рис. 1 б).

Если все силы, в том числе и опорные реакции, лежат в плоскости, совпадающей с осью симметрии сечения, то изогнутая ось балки будет также лежать в этой плоскости. Такой изгиб называют плоским изгибом. Мы рассмотрим плоский изгиб в плоскости (см. рис. 1). Ось будем направлять горизонтально, слева направо. Ось направим вниз, ось направлена на «нас», при этом оси составят правую систему координат.

2. Основные типы балок и опорных связей

Определение опорных реакций.

Для того, чтобы балка смогла воспринимать нагрузку и передавать ее на конструкцию, она должна быть соединена с ней опорными связями. Опорные реакции зависят от устройства опорных связей или, как говорят, типа опор. Различают три основных типа опор:

1. Шарнирно-неподвижная опора.

Эта опора допускает свободный поворот сечения балки в плоскости изгиба, но препятствует перемещениям как по вертикали, так и по горизонтали. В такой опоре возникает две составляющие опорной реакции: R вертикальная и H горизонтальная.

2. Шарнирно-подвижная опора.

Эта опора кроме поворота сечения допускает перемещение в одном направлении (в данном случае - по горизонтали). Реакция такой опоры R направлена вдоль опорной связи или перпендикулярна плоскости опирания катков.

3. Заделка

Такая опора не допускает ни поворота, ни перемещений по двум направлениям сечения балки, примыкающего к заделке. В заделке возникают реакции R, H и момент М.

Применяют различные варианты прикрепления балки к основанию с помощью рассмотренных опор. Наименьшее число связей, обеспечивающее неподвижность балки по отношению к основанию в одной плоскости, равно трем (рис. 2).



Рис. 2

Рис. 3

На рис. 2 показаны некоторые типы балок в зависимости от способов крепления к основанию:

а) простая двухопорная балка;

б) балка, заделанная одним концом.

Могут быть балки с консолями.

Встречаются и более сложные типы балок, состоящие из системы брусьев, соединенных между собой связями (рис. 2 в). Точка «К» шарнир.

Недопустимые случаи крепления балки: когда все три опорных стержня параллельны друг другу (рис. 3а) или когда направления трех опорных стержней пересекаются в одной точке (рис. 3б).

Задача определения опорных реакций подробно изучалась в теоретической механике (раздел статика).

При определении опорных реакций необходимо стремиться так составить уравнения статики, чтобы в каждое из них входило только одно неизвестное. Для этого уравнения моментов составляются относительно оси х, проходящей через опорные точки.

При расчете сложных балок (рис. 2в) следует иметь в виду, что уравнения равновесия можно применить как ко всей системе в целом, так и к каждому брусу в отдельности. В таких задачах общее число опорных реакций больше трех, но зато и независимых уравнений статики больше трех. Так для системы на рис. 2в, можно составить дополнительное условие - равенство нулю момента относительно шарнира «К».

Устройство опор балок в действительности далеко не всегда соответствует разобранным схемам. Поэтому, приступая к определению опорных реакций балки, необходимо технически грамотно схематизировать опорные части, заменяя действительную конструкцию наиболее приближающейся к ней схемой.

Например, если устройство опор балки допускает хотя бы небольшой поворот или перемещение - этого достаточно, чтобы считать опору шарнирной или подвижной.

3. Внутренние силовые факторы. Метод сечений

Как уже ранее было показано, внешние нагрузки, действующие на сооружение, вызывают появление в нем внутренних усилий, которые определяются уже известным методом сечений, т.е. чтобы определить внутренние силовые факторы в произвольном поперечном сечении, необходимо мысленно рассечь балку на две части плоскостью и рассмотреть равновесие одной из ее частей.

При действии на брус внешних нагрузок, расположенных в плоскости , проходящей через ось бруса и ось симметрии поперечного сечения (т.е в случае плоского изгиба), в каждом поперечном сечении бруса возникают следующие внутренние силовые факторы (ВСФ), действующие в этой же плоскости:

а) продольная сила , приложенная в центре тяжести сечения

б) поперечная сила , проходящая через его центр тяжести

в) изгибающий момент

Из рис. 1 видно, что деформация изгиба сопровождается растяжением одних волокон и сжатием других, т.е. в поперечных сечениях возникают нормальные напряжения при изгибе , а внешние поперечные силы уравновешиваются касательными напряжениями в сечениях.

В общем случае ВСФ и являются статическим эквивалентом распределенных внутренних напряжений и и связаны между собой известными зависимостями:

(1)

В сопротивлении материалов принято следующее правило знаков для внутренних усилий:

1. Изгибающий момент считают положительным, если он вызывает растяжение нижних волокон.

2. Поперечную силу считают положительной, если она стремиться повернуть вырезанный из балки элемент бесконечно малой длины по ходу часовой стрелки.

Это правило иллюстрируется на рис. 4, где показаны положительные направления внутренних силовых факторов как для левой, так и для правой отсеченных частей.

Рис. 4

Необходимо обратить особое внимание на правило знаков для поперченной силы: для левой отсеченной части вниз, для правой части вверх.

Внутренние силовые факторы в поперечном сечении определяются из условия равновесия отсеченной части стержня.

Для определения внутренних усилий, действующих со стороны правой части бруса на левую, рассмотрим равновесие левой отсеченной части бруса (рис. 4)

1. Сумма проекций на вертикальную ось у дает: , откуда:

2. Сумма моментов относительно оси х, проходящей через центр тяжести сечения (т.О) дает:

,

откуда:



Нетрудно убедиться в том, что внутренние силовые факторы, действующие со стороны правой части на левую равны по величине и противоположны по направлению силовым факторам, действующим со стороны левой части на правую.

Последние определяются из условия равновесия правой отсеченной части.

1. Изгибающий момент относительно центральной оси х в поперечном сечении по величине и по знаку равен сумме моментов относительно этой оси всех внешних сил, приложенных к правой части балки или сумме моментов (относительно той же оси), взятой с обратным знаком, всех внешних сил, приложенных к левой части:

(2)

При этом моменты внешних сил положительны, когда они действуют против хода часовой стрелки и для левой и для правой части.

2. Поперечная сила в сечении по величине и по знаку равна сумме проекций на ось у всех внешних сил, приложенных к правой части балки, или сумме проекций (на ту же ось у), взятой с обратным знаком, всех внешних сил, приложенных к левой части бруса:

(3)

При этом проекции внешних сил на ось у положительны, когда они направлены вдоль оси у, т.е. вниз и для правой и для левой частей балки.

Отметим, что при определении внутренних усилий учитываются внешние моменты и силы, приложенные к балке по одну (и только одну) сторону сечения (т.е слева или справа от сечения).

С невыполнением этого условия связано большинство ошибок при определении внутренних усилий.

Дифференциальные зависимости между Мх, Qy и q

Здесь - погонная (распределенная) нагрузка на балку в плоскости , она принимается положительной, если направлена вниз, т.е. вдоль оси у. В разделе 1 получены более общие дифференциальные уравнения равновесия прямого бруса (1.7), из которых в нашем случае будем использовать следующие (полагая погонный изгибающий момент):

(4)

(5)

Из двух полученных дифференциальных зависимостей вытекает третья:

(6)

деформация шарнирный изгибающий балка

4. Построение эпюр изгибающих моментов и перерезывающих сил

Для расчетов на прочность необходимо отыскать опасное сечение балки, в котором действуют наибольшие внутренние силы. Для этого необходимо знать закон изменения внутренних усилий в поперечных сечениях балки по ее длине, возникающих от действия на балку нагрузок. Этот закон можно выразить в виде аналитических зависимостей и изобразить с помощью специальных графиков, называемых эпюрами, которые в масштабе изображают значения функций и на протяжении всей балки.

Для определения этих эпюр определяют численные значения моментов и перерезывающих сил для ряда сечений и по ним строят соответствующие эпюры.

На основании зависимостей, характеризуемых выражениями (2) и (3) легко определить значения и для любого сечения, а затем построить их эпюры.

Условимся: на эпюрах и положительные ординаты откладывать вниз (т.е. вдоль оси у), а отрицательные - вверх от оси балки.

Рассмотрим несколько примеров, из которых можно усвоить технику построения эпюр и .

Пример 1.

Рис. 5

Дано: Двухопорная балка с левой консолью. Нагрузки: 2 кН, 1 кНм, 2 кНм, 1 м, 2 м, 1,5 м, 1 кН/м (рис.5).

Решение задачи:

I. Начнем с определения опорных реакций: опора В - шарнирно-подвижная, в ней может возникнуть только вертикальная реакция - направим ее произвольно вверх. Опора А - шарнирно-неподвижная, в ней могут быть две реакции: горизонтальная и -вертикальная, нарисуем их тоже произвольно. Для определения всех реакций составим три уравнения статики для всей балки:

1)

Откуда

2) Для определения составим сумму моментов относительно оси х, проходящей через т. А, т.е. . Все внешние моменты, направленные против хода часовой стрелки, считаем положительными. Все погонные нагрузки постоянные, поэтому их равнодействующие действуют в середине участков.

Откуда 1,75кН.

Реакция получилась положительной, следовательно, направив ее вверх, мы угадали ее действительное направление.

3) Для определения составим :

Откуда = 0,75кН.

Обязательно надо сделать проверку реакций, составив еще одно уравнение статики, например, , т.е. суммировать все нагрузки и найденные реакции на ось у:

.

Получим 0 = 0.

Итак: = 0,75кН; 1,75кН; .

II. Построение эпюр внутренних силовых факторов. В соответствии с характером конструкции балки и нагрузки делим балку на три участка. Эпюры и будем строить по участкам, используя метод сечений и формулы (2) и (3): I участок длиной . Проведем сечение в пределах участка. Видно, что проще рассмотреть левую отсеченную часть. Тогда сечение определим расстоянием от т.D. (лев) - пределы изменения .

т.е. эпюра линейна, поэтому для ее построения достаточно двух точек.

т.е. эпюра меняется по закону квадратной параболы, поэтому необходимо не менее трех точек на ней.

Посчитаем величины и при следующих значениях :



Строим эпюры и на этом участке, откладывая в масштабе отрицательные значения и вверх от оси бруса.

II участок длиной . Рассмотрим тоже левую часть (лев):

Считаем:

Строим эпюры и на этом участке, учитывая, что для построения надо два значения (линейная зависимость), а для построения необходимо не менее трех значений в пределах участка (парабола).

III участок. Проводим сечение, видно, что проще рассмотреть правую отсеченную часть. В этом случае расстояние до сечения будем отсчитывать от опоры А, (правая часть)

а)

б)

Считаем:



Эпюра линейна, строим ее по двум точкам. Видно, что при некотором значении эпюра меняет знак, т.е. = 0, а согласно зависимости (4) в этом сечении величина принимает экстремальное значение. Подставим в формулу а) = 0 при : , отсюда 0,75 м. Подставим = 0,75 м в формулу б) и найдем = 2,28 кНм. Это будет третьей точкой для построения эпюры .

Экстремальные значения при построении эпюр вычислять обязательно.

На эпюрах ставим знаки, размерность величин, штриховка перпендикулярна к оси бруса (вертикальная).

5. Проверка построенных эпюр

Существует несколько способов проверки эпюр, в том числе с использованием зависимостей (4) и (5). Рассмотрим два самых простых способа:

1. Проверка эпюры : при движении по эпюре (ее обводке) справа - налево скачки на ней должны быть равны по величине и направлению локальным силам, приложенным к балке в этих сечениях. Проверим эпюру на рис. 5: в сечении А скачок вверх на 0,75кН, здесь действует 0,75кН вверх; сечение С, здесь скачок вниз от 0,75 до 2,75 т.е. на 2 кН, здесь действует 2кН вниз; в сечении В скачок от 0,75 до -1, т.е. на 1,75кН вверх, здесь действует = 1,75кН вверх; в сечении D нет скачка и нет силы.

Итак, во всех сечениях правило выполняется.

2. Проверка эпюры : скачки на эпюре по модулю должны быть равны локальным моментам, действующим на балку в этих сечениях. Проверим эпюру на рис. 5: в сечении А скачок на 2кНм, здесь действует 2кНм; в сечении В скачок на 1кНм, здесь приложен 1кНм; больше скачков на эпюре нет и на балке нет локальных моментов.

Итак, во всех сечениях правило выполняется. Наличие на эпюре скачка без приложенного момента на балке говорит об ошибочности эпюры .

Пример 2.

Криволинейный брус радиуса (арка)

Дано: 2м, 2кН, 4кН, 2кНм (рис. 6)

Рис. 6

Опорные реакции в заделке можно определить из обычных трех уравнений статики. По виду конструкции арки и ее нагрузки имеем только один участок. В произвольном месте арки делаем разрез (сечение) в т. D. Очевидно, что проще рассмотреть ту часть арки , где приложены нагрузки, тогда не надо определять все реакции опор . Положение разреза т. D определим угловой координатой (т. D надо выбрать так на рис. 6, чтобы угол был острым). В сечении D вводим оси так, чтобы ось была направлена по касательной к арке в т. D,а ось по радиусу. Здесь , т.е. в пределах всей арки рассматривается левая часть арки от разреза. Силы и разложим на составляющие по осям и на рис. 6. При этом получим два прямоугольных треугольника, в которых необходимо найти по признакам равенства углов (два угла равны, если их стороны параллельны или взаимно перпендикулярны).

Кроме и в поперечном сечении арки возникают - внутренние продольные силы, которые определяются по формулам, аналогичным (2) и (3), полученным в разделе 1.

(7)

Учитывая, что мы рассматриваем левую отсеченную часть арки, по формулам (2), (3) и (7) получим:

(8)

Здесь и плечи у сил и , определяются из рис. 6. Все эпюры криволинейны, поэтому определяем не менее трех точек на каждой эпюре по формулам (8):



Выбираем масштабы для и откладываем полученные значения с учетом знаков: положительные - внутрь, т.е. вдоль оси , отрицательные - наружу, против оси . В каждом сечении величины откладываются по радиусам. На каждой эпюре полученные точки соединяем плавными кривыми. Далее, при необходимости, надо уточнить эпюры с учетом следующих правил:

1. Если на эпюре меняется знак, надо найти величину , где = 0. В этом сечении, при на эпюре будет экстремум. Для этого в формулу (8а) подставим = 0 при и найдем угол . Далее в (8в) подставим и найдем . На нашей эпюре этот случай присутствует. Вычислим:

Отсюда и угол

= - 4,47кН

2. Если на эпюре меняется знак (как у нас), надо найти , где = 0 по (8в). В этом сечении, т.е. при на эпюре и на эпюре будут экстремумы. Вычислим их: По (8в)



и угол

По (8а) и (8с) найдем при

= - 4,47кН

= - 14,94кНм

Найденные экстремальные значения откладываем на эпюрах и с их учетом строим окончательные эпюры и , которые показаны на рис. 6. На эпюрах ставятся знаки, штриховка делается по радиусам.

6. Нормальные напряжения при чистом изгибе

Выше было установлено, что при отсутствии в балке продольных сил нормальные напряжения в поперечных сечениях зависят от изгибающего момента, а касательные - лишь от поперечной силы. Это позволяет упростить вычисление , а именно провести его для случая, когда . Такой случай, как уже было установлено выше, называется чистым изгибом.

Кроме того полагаем, что балка симметрична относительно плоскости внешних сил, поэтому обе ее половинки деформируются симметрично относительно этой плоскости, т.е. рассматриваем случай плоского изгиба.

Уравнения статики (1) в таком случае имеют вид:

и (9)

Однако найти из этих уравнений нельзя, т.к. мы не знаем закона распределения по ординате у.

Для решения задачи необходимо привлечь условия деформации, которые можно сформулировать только на основании экспериментальных наблюдений. Так, например, если на боковую поверхность бруса нанести сетку в виде продольных и поперечных прямых и загрузить брус по концам положительными изгибающими моментами, то после деформации продольные линии примут криволинейное очертание, а поперечные линии останутся прямыми. Этот факт и другие экспериментальные исследования изгиба балок дают основания для ряда допущений, положенных в основу дальнейших выводов:

1. При чистом изгибе поперечные сечения, плоские до деформации, остаются плоскими и после деформации (гипотеза Бернулли);

2. Продольные волокна друг на друга не давят и испытывают простое линейное растяжение или сжатие;

3. Материал балки подчиняется закону Гука, причем модуль упругости при растяжении и сжатии одинаков.

Рис. 7

Рассмотрим элемент бруса дли-ной , который после деформации искривляется (рис. 7). Два смежных сечения, согласно принятой гипотезе Бернулли, останутся плоскими, но наклонятся друг к другу, образовав между собой угол . При этом верхние волокна окажутся сжатыми, а нижние растянутыми. На каком-то уровне по высоте балки волокна останутся недеформированными, назовем их нейтральными. На поперечном сечении (рис. 7б) поверхность, в которой лежат нейтральные волокна, образует след - нейтральную линию ОХ. Радиус кривизны нейтрального волокна обозначим .

Найдем удлинение какого-либо волокна АВ, расположенного на расстоянии у от нейтрального слоя и растянутого напряжением . Первоначальная длина этого волокна равна . После деформации его длина стала равной . Абсолютное удлинение . Относительное удлинение равно:

На основании второго и третьего допущений для вычисления напряжений можно воспользоваться законом Гука при растяжении:

или(10)

Из выражения (10) видно, что напряжения распределены по высоте сечения по линейному закону. Однако вычислить их значения еще нельзя, т.к. неизвестно, следовательно, неизвестно расположение нейтрального слоя по высоте сечения.

Подставим зависимость (10) в первое уравнение статики (9):



Так как , то

Полученный интеграл представляет собой статический момент площади поперечного сечения относительно нейтральной оси. Так как он равен нулю, то, следовательно, нейтральная ось должна проходить через центр тяжести сечения. Подставим теперь зависимость (10) во второе уравнение (9):

Как известно, интеграл, входящий в это выражение, представляет собой момент инерции поперечного сечения относительно нейтральной оси Х, т.е.

поэтому:

откуда находим кривизну нейтрального слоя:

 (11)

Подставив это выражение в формулу (10) получим

(12)

Примечание: Если главная центральная ось у сечения не является осью симметрии сечения (например, швеллер), то для плоского изгиба необходимо, чтобы внешняя нагрузка и опорные реакции лежали в плоскости, параллельной плоскости и проходящей через центр жесткости сечения.

Размещено на Allbest.ru